NKOJ3251 (CQOI 2015)任务查询系统（差分数组+主席树）

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问题描述

​ 最近实验室正在为其管理的超级计算机编制一套任务管理系统，而你被安排完成其中的查询部分。
超级计算机中的任务用三元组(Si,Ei,Pi)描述，(Si,Ei,Pi)表示任务从第Si秒开始，在第Ei秒后结束（第Si秒和Ei秒任务也在运行），其优先级为Pi。同一时间可能有多个任务同时执行，它们的优先级可能相同，也可能不同。
调度系统会经常向查询系统询问，第Xi秒正在运行的任务中，优先级最小的Ki个任务（即将任务按照优先级从小到大排序后取前Ki个）的优先级之和是多少。特别的，如果Ki大于第Xi秒正在运行的任务总数，则直接回答第Xi秒正在运行的任务优先级之和。上述所有参数均为整数，时间的范围在1到n之间（包含1和n）。

输入格式

​ 输入文件第一行包含两个空格分开的正整数m和n，分别表示任务总数和时间范围。
接下来m行，每行包含三个空格分开的正整数Si,Ei和Pi(Si≤Ei)，描述一个任务。
接下来n行，每行包含四个空格分开的整数Xi,Ai,Bi和Ci，描述一次查询。查询的参数Ki需要由公式 Ki = 1 + ( Ai * Pre + Bi ) mod Ci 计算得到。其中Pre表示上一次查询的结果，对于第一次查询，Pre=1。

输出格式

​ 输出共n行，每行一个整数，表示查询结果。

样例输入

4 3
1 2 6
2 3 3
1 3 2
3 3 4
3 1 3 2
1 1 3 4
2 2 4 3

样例输出

2
8
11

提示

样例解释：
K1=(11+3)%2+1=1；
K2=(12+3)%4+1=2；
K3=(2*8+4)%3+1=3。
数据范围：
对于50%的数据，Ai=0。
对于100%的数据，1≤m,n,Si,Ei,Ci≤100000，0≤Ai,Bi≤100000，1≤Pi≤10000000，Xi为1到n的一个排列。

​ 求前K小的和，实际上和求第K小一样，过程中累加一下sum就好。

​ 然后根据时间建立n棵主席树，每个任务会修改Si到Ei这么多数，区间修改，用一点差分的思想相当于是在第Si棵树上加，在第Ei+1棵树上减，最后求个前缀就好。

​ 具体实现时只需要按照操作的时间排序后不断加入就好。当将时间在Xi前的操作全部加入树上后得到的就是Xi时间的树。

​ 最后说一下，因为在查询答案时到达底层节点时要取得前K个，所以需要将sum/cnt*k。（亲测乱写能得80分）

附上代码

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#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define ll long long
#define M 20000000
#define N 300000
using namespace std;
struct node{ll x,y,ny,d;}A[N];
bool cmp(node a,node b)
{return a.x<b.x;}
ll B[N],rt[N],m,n,pre=1;
ll ls[M],rs[M],cnt[M],sum[M],tot;
ll CO(ll p)
{
	ll o=++tot;
	ls[o]=ls[p];rs[o]=rs[p];
	cnt[o]=cnt[p];sum[o]=sum[p];
	return o;
}
ll ADD(ll p,ll l,ll r,ll k,ll sd,ll cd)
{
	ll o=CO(p);
	if(l==r){cnt[o]+=cd;sum[o]+=cd*sd;}
	else
	{
		ll mid=l+r>>1;
		if(k<=mid)ls[o]=ADD(ls[o],l,mid,k,sd,cd);
		else rs[o]=ADD(rs[o],mid+1,r,k,sd,cd);
		cnt[o]=cnt[ls[o]]+cnt[rs[o]];
		sum[o]=sum[ls[o]]+sum[rs[o]];
	}
	return o;
}
ll ASK(ll p,ll l,ll r,ll k)
{
	if(l==r)return sum[p]/cnt[p]*k;
	ll mid=l+r>>1;
	if(cnt[ls[p]]>=k)return ASK(ls[p],l,mid,k);
	return ASK(rs[p],mid+1,r,k-cnt[ls[p]])+sum[ls[p]];
}
int main()
{
	ll i,j=1,k,p,a,b,c;
	scanf("%lld%lld",&m,&n);
	for(i=1;i<=m;i++)
	{
		scanf("%lld%lld%lld",&a,&b,&c);
		B[i]=c;
		A[i].x=a;A[i].y=c;A[i].d=1;
		A[i+m].x=b+1;A[i+m].y=c;A[i+m].d=-1;
	}
	sort(B+1,B+m+1);
	sort(A+1,A+2*m+1,cmp);
	for(i=1;i<=2*m;i++)A[i].ny=lower_bound(B+1,B+m+1,A[i].y)-B;
	for(i=1;i<=n;i++)
	{
		rt[i]=rt[i-1];j--;
		while(A[++j].x==i)rt[i]=ADD(rt[i],1,m,A[j].ny,A[j].y,A[j].d);
	}
	for(i=1;i<=n;i++)
	{
		scanf("%lld%lld%lld%lld",&k,&a,&b,&c);
		p=1+(a*pre+b)%c;
		if(p>cnt[rt[k]])pre=sum[rt[k]];
		else pre=ASK(rt[k],1,m,p);
		printf("%lld\n",pre);
	}
}